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PASS / L.AS · Outils d'analyse · PA-10

Cours et exercices corrigés de PASS / L.AS : Équations différentielles et modèles pharmacocinétiques

Équations différentielles linéaires du premier ordre, élimination d'un médicament (C′=−kCC' = -kC), demi-vie, perfusion à débit constant et plateau, décroissance radioactive et activité.

Objectifs du chapitre

Le cours

1. Équations y′=ayy' = ay et y′=ay+by' = ay + b

Les solutions de y′=ayy' = ay sont y(t)=Keaty(t) = Ke^{at}, K∈RK \in \mathbb{R}.
Pour y′=ay+by' = ay + b (a≠0a \neq 0) : la solution constante est y∗=−bay^* = -\dfrac{b}{a}, et y(t)=Keat−ba.y(t) = Ke^{at} - \dfrac{b}{a}.
La constante KK se détermine par la condition initiale : y(0)=K−bay(0) = K - \dfrac{b}{a}. Si a<0a < 0, y(t)y(t) tend vers −ba-\dfrac{b}{a} (équilibre).

2. Élimination d'ordre 1 et demi-vie

Modèle à un compartiment après injection intraveineuse (bolus) d'une dose DD dans un volume de distribution VV : C′(t)=−kC(t),C(t)=C0e−kt,C0=DV.C'(t) = -kC(t), \qquad C(t) = C_0e^{-kt}, \qquad C_0 = \dfrac{D}{V}.
kk est la constante d'élimination (en h−1^{-1}). Demi-vie : durée au bout de laquelle la concentration est divisée par 22 : t1/2=ln⁡2k.t_{1/2} = \dfrac{\ln 2}{k}.
Après nn demi-vies, C=C02nC = \dfrac{C_0}{2^n}. La clairance est Cl=kVCl = kV (en L/h). Si CC passe de C1C_1 à C2C_2 en une durée Δt\Delta t : k=ln⁡(C1/C2)Δtk = \dfrac{\ln(C_1/C_2)}{\Delta t}.

3. Perfusion à débit constant

Avec un débit de perfusion R0R_0 (en mg/h) : V C′(t)=R0−kV C(t)V\,C'(t) = R_0 - kV\,C(t), soit C′=−kC+R0VC' = -kC + \dfrac{R_0}{V}. Avec C(0)=0C(0) = 0 : C(t)=Css(1−e−kt),Css=R0kV=R0Cl.C(t) = C_{ss}\left(1 - e^{-kt}\right), \qquad C_{ss} = \dfrac{R_0}{kV} = \dfrac{R_0}{Cl}.
Le plateau (concentration à l'équilibre) vaut « débit sur clairance ». Il est proportionnel au débit, mais le temps pour l'atteindre ne dépend que de kk : 50 %50\,\% du plateau en 11 demi-vie, environ 97 %97\,\% en 55 demi-vies.
Dose de charge pour atteindre immédiatement une concentration CC : D=C×VD = C \times V.

4. Décroissance radioactive

Le nombre de noyaux vérifie N′(t)=−λN(t)N'(t) = -\lambda N(t), donc N(t)=N0e−λtN(t) = N_0e^{-\lambda t} avec T1/2=ln⁡2λT_{1/2} = \dfrac{\ln 2}{\lambda}.
L'activité A(t)=λN(t)A(t) = \lambda N(t) (en becquerels : désintégrations par seconde) décroît selon la même loi : A(t)=A0e−λt=A02t/T1/2A(t) = A_0e^{-\lambda t} = \dfrac{A_0}{2^{t/T_{1/2}}}.
La durée de vie d'un noyau suit une loi exponentielle de paramètre λ\lambda (PA-05).

5. Aux partiels : pièges fréquents

  • Écrire t1/2=kln⁡2t_{1/2} = k \ln 2 ou kln⁡2\dfrac{k}{\ln 2} : c'est ln⁡2k\dfrac{\ln 2}{k}.
  • Croire qu'augmenter le débit de perfusion fait atteindre le plateau plus vite : seul le niveau du plateau change.
  • Oublier les unités : kk en h−1^{-1} et tt en h, VV en L, CC en mg/L.
  • Confondre volume de distribution et volume sanguin : VV est un volume « apparent ».

Méthodes et exemples rédigés

Méthode : Résoudre y′=ay+by' = ay + b avec condition initiale

Exemple

Résoudre y′=−0,5y+2y' = -0{,}5y + 2 avec y(0)=1y(0) = 1.

  1. Étape 1 (Solution constante) : y∗=−2−0,5=4y^* = -\dfrac{2}{-0{,}5} = 4.

  2. Étape 2 (Forme générale) : y(t)=Ke−0,5t+4y(t) = Ke^{-0{,}5t} + 4.

  3. Étape 3 (Condition initiale) : y(0)=K+4=1y(0) = K + 4 = 1, donc K=−3K = -3 et y(t)=4−3e−0,5ty(t) = 4 - 3e^{-0{,}5t}.

Méthode : Plateau d'une perfusion

Exemple

Perfusion à R0=30R_0 = 30 mg/h, V=50V = 50 L, t1/2=7t_{1/2} = 7 h (on prend ln⁡2≈0,7\ln 2 \approx 0{,}7).

  1. Étape 1 (Constante d'élimination) : k=0,77=0,1k = \dfrac{0{,}7}{7} = 0{,}1 h−1^{-1}.

  2. Étape 2 (Clairance) : Cl=kV=5Cl = kV = 5 L/h.

  3. Étape 3 (Plateau) : Css=305=6C_{ss} = \dfrac{30}{5} = 6 mg/L, atteint à environ 97 %97\,\% après 5×7=355 \times 7 = 35 h.

Pièges fréquents

Questions de révision

Essaie de répondre de tête avant d'afficher la réponse.

Demi-vie en fonction de kk ?

t1/2=ln⁡2kt_{1/2} = \dfrac{\ln 2}{k}.

Concentration au plateau d'une perfusion ?

Css=R0kV=R0ClC_{ss} = \dfrac{R_0}{kV} = \dfrac{R_0}{Cl}.

Solutions de y′=ay+by' = ay + b ?

y(t)=Keat−bay(t) = Ke^{at} - \dfrac{b}{a}.

Fraction du plateau atteinte après 55 demi-vies ?

Environ 97 %97\,\% (1−2−51 - 2^{-5}).

Exercices corrigés

Exercice 1 Demi-vie d'élimination

Palier 1 · découverte

Un médicament est éliminé selon une cinétique d'ordre 11 avec une constante d'élimination k=0,1k = 0{,}1 h−1^{-1}. On prend ln⁡2≈0,693\ln 2 \approx 0{,}693.
Calculez sa demi-vie, en heures arrondie au centième (point décimal).

Un indice

Rappelez la relation entre la demi-vie et la constante d'élimination.

Voir la correction

Réponse attendue : 6.93

t1/2=0,6930,1=t_{1/2} = \dfrac{0{,}693}{0{,}1} = 6,936{,}93 h.

Exercice 2 Après trois demi-vies

Palier 2 · application

Après une injection intraveineuse, la concentration plasmatique initiale d'un antibiotique est de 8080 mg/L ; sa demi-vie est de 22 heures.
Quelle est la concentration au bout de 66 heures, en mg/L ?

Un indice

Comptez combien de demi-vies se sont écoulées.

Voir la correction

Réponse attendue : 10

66 h correspondent à 33 demi-vies : C=8023=808=C = \dfrac{80}{2^3} = \dfrac{80}{8} = 1010 mg/L.

Exercice 3 Plateau de perfusion

Palier 3 · approfondissement

Un médicament est perfusé à débit constant R0=20R_0 = 20 mg/h. Son volume de distribution est V=40V = 40 L et sa constante d'élimination k=0,2k = 0{,}2 h−1^{-1}.
Calculez la concentration plasmatique au plateau, en mg/L (réponse décimale avec un point).

Un indice

Calculez d'abord la clairance Cl=kVCl = kV.

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Réponse attendue : 2.5

Cl=0,2×40=8Cl = 0{,}2 \times 40 = 8 L/h.
Css=R0Cl=208=C_{ss} = \dfrac{R_0}{Cl} = \dfrac{20}{8} = 2,52{,}5 mg/L.

Exercice 4 Concentration pendant une perfusion

Palier 4 · défi

Pour la perfusion précédente (Css=2,5C_{ss} = 2{,}5 mg/L, k=0,2k = 0{,}2 h−1^{-1}, C(0)=0C(0) = 0), la concentration vérifie C′=−kC+R0VC' = -kC + \dfrac{R_0}{V}.
Calculez la concentration au bout de 1010 heures, en mg/L arrondie au centième (point décimal). On donne e−2≈0,135 3e^{-2} \approx 0{,}135\,3.

Un indice

Résolvez l'équation : solution constante plus solution de l'équation homogène, puis utilisez C(0)=0C(0) = 0.

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Réponse attendue : 2.16

Solution générale : C(t)=Ke−kt+CssC(t) = Ke^{-kt} + C_{ss} ; C(0)=0C(0) = 0 donne K=−CssK = -C_{ss}, d'où C(t)=Css(1−e−kt)C(t) = C_{ss}(1 - e^{-kt}).
À t=10t = 10 : kt=2kt = 2, C(10)=2,5×(1−0,135 3)=2,5×0,864 7≈2,162C(10) = 2{,}5 \times (1 - 0{,}135\,3) = 2{,}5 \times 0{,}864\,7 \approx 2{,}162.
La concentration vaut 2,162{,}16 mg/L (environ 86 %86\,\% du plateau).